Высшая проба 2023, 11 класс, задача 5
( баллов) Дана клетчатая доска . Каждая клетка доски покрашена в один
из двух цветов: белый или чёрный. Назовём раскраску доски уравновешенной, если в каждой строке и в каждом столбце белых и чёрных клеток. За одну операцию разрешается выбрать две
строки и два столбца так, чтобы из клеток на их пересечении две были чёрными, а две — белыми,
и перекрасить каждую из этих клеток в противоположный цвет. Докажите, что из любой уравновешенной раскраски можно получить любую другую уравновешенную раскраску с помощью
указанных операций.
Решение. Докажем, что из любой уравновешенной доски можно получить доску, раскрашенную в шахматную раскраску, причём на каждом шаге доска будет оставаться уравновешенной. Из этого будет следовать, что из любой уравновешенной доски можно получить любую другую, так как операция обратима. Будем получать шахматную раскраску следующим образом. Разобьём столбцы на пары подряд идущих. Выберем самую левую пару столбцов и в этой паре столбцов по очереди будем приводить строки (состоящие из двух клеток) к шахматной раскраске. После того как закончим с первой парой столбцов, перейдём ко второй и так далее. Объясним, как делать следующий шаг внутри одной пары столбцов и . Пусть в следующей строке сейчас находятся чёрная и белая клетка, но в неправильном порядке. Например, слева стоит чёрная клетка, а справа белая, а должно быть наоборот. Заметим, что во всех строках выше в первом столбце суммарно чёрных клеток не меньше, чем во втором, так как они уже покрашены шахматным образом. Значит, в какой-то строке ниже должна быть ситуация, когда в левом столбце чёрных клеток меньше, чем в правом, т. е. должна быть строка белая-чёрная (это следует из того, что суммарно в первом столбце столько же чёрных клеток, сколько и во втором). Произведём операцию со строками и и текущими столбцами (рис. ).
Пусть теперь у нас в строке стоят две одинаковые клетки, например чёрные. Тогда в какой-то строке должны оказаться две белые клетки (иначе суммарно чёрных клеток в этих двух столбцах будет слишком много). Понятно, что эта строка расположена ниже текущей, т. к. выше неё все строки разноцветные. Теперь заметим, что если посмотреть на эту пару строк во всей таблице, то должен быть столбец правее и , в котором в первой строке белая клетка, а во второй — чёрная. Тут мы пользуемся тем, что левее наших столбцов в этих строках поровну чёрных и белых клеток. Теперь осталось лишь выбрать один из столбцов или (в котором неправильный цвет в строке ) и столбец , а также строки и и произвести операцию с ними (рис. ). Легко видеть, что на каждом шаге уравновешенность доски сохраняется. А так как мы всегда можем сделать шаг в нашем алгоритме, то в конце получится шахматная раскраска
Используется наибольший подходящий критерий.
20 б. Приведено любое полное решение задачи.
10 б. Описан метод получения первого столбца какой-то конкретной раскраски. Про последу- ющие столбцы делается верное, но не обоснованное утверждение, что они заполняются аналогично.
В отсутствие указанных выше продвижений суммируются следующие критерии.
+2 б. Доказано, что если в столбце есть пара белая-чёрная клетки, то в соответствующих строках найдётся столбец, в котором находится пара чёрная-белая клетки (именно в таком порядке).
+1 б. Есть идея получить какую-то конкретную раскраску (например, шахматную), которую можно получить, а из неё любую.
Следующие продвижения не оцениваются.
0 б. Доказано, что можно получить какую-то другую уравновешенную раскраску, а не любую уравновешенную раскраску.
0 б. Предложенный алгоритм нарушает уравновешенность, но существенно использует её. # hse-vp-2023-final-g11 / solutions / page 8 ## Best Text.